夏都花卉

㈠ 上海夏都園林工程有限公司怎麼樣

簡介：上海夏都園林工程有限公司成立於2015年03月04日，主要經營范圍為風景園林、綠化、防腐保溫、建築裝飾裝修建設工程專業施工，假山設計、製作，景觀設計，綠化養護，花卉租賃，防腐木、草坪花木、大理石、水性塗料銷售等。
法定代表人：旦增加
成立時間：2015-03-04
注冊資本：400萬人民幣
工商注冊號：310117003231572
企業類型：有限責任公司（自然人獨資）
公司地址：上海市松江區車墩鎮莘莘路32號1941

㈡ 夏都花卉基地出售兩種花卉，其中馬蹄蓮每株3.5元，康乃馨每株5元．如果同一客戶所購的馬蹄蓮數量多於100

設采購馬蹄蓮x株，康乃馨y株，最大利潤為A, 則
當 800≤x<1000時有方程：
3.5*x+5y=7000
4.5*x+7y-7000=A
解方程可得A=2800-0.4*x, 因此x=800時，最大利潤A=2480元
當1000≤x≤1200時有方程：
3*x+5y=7000
4.5*x+7y-7000=A
解方程可得A=2800+0.3x, 因此x=1200時，最大利潤A=3160.
因此采購馬蹄蓮1200株，康乃馨680株，利潤最大。

㈢ 求中考數學題

天利38套不錯的，我是陝西的，就給你一套2012年陝西省中考數學試題及答案吧。

2012陝西省中考數學試題第Ⅰ卷（選擇題 共30分）一、選擇題（共10小題，每小題3分，計30分）1．如果零上5 ℃記做+5 ℃，那麼零下7 ℃可記作（ ）A．-7 ℃B．+7 ℃C．+12 ℃D．-12 ℃2．如圖，是由三個相同的小正方體組成的幾何體，該幾何體的左視圖是（ ）3．計算的結果是（ ）A．B． C． D．4．某中學舉行歌詠比賽，以班為單位參賽，評委組的各位評委給九年級三班的演唱打分情況（滿分100分）如下表，從中去掉一個最高分和一個最低分，則餘下的分數的平均分是（ ）分數（分）8992959697評委（位）12211A．92分 B．93分 C．94分 D．95分5．如圖，在是兩條中線，則（ ）A．1∶2 B．2∶3 C．1∶3 D．1∶46．下列四組點中，可以在同一個正比例函數圖象上的一組點是（ ）A．（2．-3），（-4，6） B．（-2，3），（4，6）C．（-2，-3），（4，-6） D．（2，3），（-4，6）7．如圖，在菱形中，對角線與相交於點，，垂足為，若，則的大小為（ ）A．75° B．65° C．55° D．50° 8．在同一平面直角坐標系中，若一次函數圖象交於點，則點的坐標為（ ）A．（-1，4） B．（-1，2） C．（2，-1） D．（2，1） 9．如圖，在半徑為5的圓O中，AB，CD是互相垂直的兩條弦，垂足為P，且AB=CD=8，則OP的長為( )A．3 B．4 C． D．10．在平面直角坐標系中，將拋物線向上（下）或向左（右）平移了個單位，使平移後的拋物線恰好經過原點，則的最小值為（ ）A．1 B．2 C．3 D．6第Ⅱ卷（非選擇題 共90分）二、填空題（共6小題，每小題3分，計18分）11．計算： ．12．分解因式： ．13．請從以下兩個小題中任選一個作答，若多選，則按所選的第一題計分．A．在平面內，將長度為4的線段繞它的中點，按逆時針方向旋轉30°，則線段掃過的面積為 ．B．用科學計算器計算： （精確到0.01）．14．小宏准備用50元錢買甲、乙兩種飲料共10瓶．已知甲飲料每瓶7元，乙飲料每瓶4元，則小宏最多能買 瓶甲飲料．15．在同一平面直角坐標系中，若一個反比例函數的圖象與一次函數的圖象無公共點，則這個反比例函數的表達式是 （只寫出符合條件的一個即可）． 16．如圖，從點發出的一束光，經軸反射，過點，則這束光從點到點所經過路徑的長為 ．三、解答題（共9小題，計72分．解答應寫過程）17．（本題滿分5分）化簡：．18．（本題滿分6分）如圖，在中，的平分線分別與、交於點、．（1）求證：；（2）當時，求的值．19．（本題滿分7分）某校為了滿足學生借閱圖書的需求，計劃購買一批新書．為此，該校圖書管理員對一周內本校學生從圖書館借出各類圖書的數量進行了統計，結果如下圖．請你根據統計圖中的信息，解答下列問題：（1）補全條形統計圖和扇形統計圖；（2）該校學生最喜歡借閱哪類圖書？（3）該校計劃購買新書共600本，若按扇形統計圖中的百分比來相應地確定漫畫、科普、文學、其它這四類圖書的購買量，求應購買這四類圖書各多少本？一周內該校學生從圖書館借出各類圖書數量情況統計圖 20．（本題滿分8分）如圖，小明想用所學的知識來測量湖心島上的迎賓槐與岸上的涼亭間的距離，他先在湖岸上的涼亭處測得湖心島上的迎賓槐處位於北偏東方向，然後，他從涼亭處沿湖岸向正東方向走了100米到處，測得湖心島上的迎賓槐處位於北偏東方向（點在同一水平面上）．請你利用小明測得的相關數據，求湖心島上的迎賓槐處與湖岸上的涼亭處之間的距離（結果精確到1米）．（參考數據：，）21．（本題滿分8分）科學研究發現，空氣含氧量（克/立方米）與海拔高度（米）之間近似地滿足一次函數關系．經測量，在海拔高度為0米的地方，空氣含氧量約為299克/立方米；在海拔高度為2000米的地方，空氣含氧量約為235克/立方米．（1）求出與的函數表達式；（2）已知某山的海拔高度為1200米，請你求出該山山頂處的空氣含氧量約為多少？22．（本題滿分8分）小峰和小軒用兩枚質地均勻的骰子做游戲，規則如下：每人隨機擲兩枚骰子一次（若擲出的兩枚骰子摞在一起，則重擲），點數和大的獲勝；點數和相同為平局．依據上述規則，解答下列問題：（1）隨機擲兩枚骰子一次，用列表法求點數和為2的概率；（2）小峰先隨機擲兩枚骰子一次，點數和是7，求小軒隨機擲兩枚骰子一次，勝小峰的概率．（骰子：六個面分別刻有1、2、3、4、5、6個小圓點的立方塊．點數和：兩枚骰子朝上的點數之和．）23．（本題滿分8分）如圖，分別與相切於點，點在上，且，，垂足為．（1）求證：；（2）若的半徑，，求的長． 24．（本題滿分10分）如果一條拋物線與軸有兩個交點，那麼以該拋物線的頂點和這兩個交點為頂點的三角形稱為這條拋物線的「拋物線三角形」．（1）「拋物線三角形」一定是 三角形；（2）若拋物線的「拋物線三角形」是等腰直角三角形，求的值；（3）如圖，△是拋物線的「拋物線三角形」，是否存在以原點為對稱中心的矩形？若存在，求出過三點的拋物線的表達式；若不存在，說明理由．25．（本題滿分12分）如圖，正三角形的邊長為．（1）如圖①，正方形的頂點在邊上，頂點在邊上．在正三角形及其內部，以為位似中心，作正方形的位似正方形，且使正方形的面積最大（不要求寫作法）；（2）求（1）中作出的正方形的邊長；（3）如圖②，在正三角形中放入正方形和正方形，使得在邊上，點分別在邊上，求這兩個正方形面積和的最大值及最小值，並說明理由． 1、【答案】A【解析】通過題意我們可以聯想到數軸，零攝氏度即原點，大於零攝氏度為正方向，數值為正數，小於零攝氏度為負數．故選A．2、【答案】C【解析】三視圖主要考查學生們的空間想像能力，是近幾年中考的必考點，從圖中我們可以知道正 面為三個正方形，（下面兩個，上面一個），左視圖即從左邊觀看，上邊有一個正方形，下面兩個正方體重疊，從而看到一個正方形，故選C．3、【答案】D【解析】本題主要考查了數的乘方以及冪的乘方，從整體看，外邊是個平方，那麼這個數肯定是正 數，排除A，C，然後看到5的平方，是25，的平方是，積為，選D．4、【答案】C【解析】統計題目也是年年的必考題，注重學生們的實際應用能力，根據題目規則，去掉一個最高 分和一個最低分，也就是不算89分和97分，然後把其餘數求平均數，得到94分．其實這 種計算有個小技巧，我們看到都是90多分，所以我們只需計算其個位數的平均數，然後再 加上90就可以快速算出結果．個位數平均數為，所以其餘這些數 的平均數為94分．故選C．5、【答案】D【解析】本題主要考查了三角形的中位線的性質，由題意可知，為的中位線，則面積比 ，故選D．6、【答案】A【解析】本題考查了一次函數的圖象性質以及應用，若干點在同一個正比例函數圖像上，由， 可知，與的比值是相等的，代進去求解，可知，A為正確解．選A．7、【答案】B【解析】本題考查了菱形的性質，我們知道菱形的對角線互相平分且垂直，外加，即可得 出．選B．8、【答案】D【解析】一次函數交點問題可以轉化為二元一次方程組求解問題，解得x=2，y=1．選D．9、【答案】C【解析】本題考查圓的弦與半徑之間的邊角關系，連接OB，OD，過O作，交於點． 在中，由勾股定理可知，OH=3，同理可作，OE=3，且易證 ，所以OP=，選C．10、【答案】B【解析】本題考查了拋物線的平移以及其圖像的性質，由，可知其與 軸有兩個交點，分別為．畫圖，數形結合，我們得到將拋物線向右平移2 個單位，恰好使得拋物線經過原點，且移動距離最小．選B．11、【答案】【解析】原式12、【答案】【解析】13、A【答案】【解析】將長度為4的線段繞它的中點，按逆時針方向旋轉30°，則線段掃過部分的形 狀為半徑為2，圓心角度數為30°的兩個扇形，所以其面積為．B【答案】2.4714、【答案】3【解析】設小宏能買瓶甲飲料，則買乙飲料瓶．根據題意，得 解得 所以小宏最多能買3瓶甲飲料．15、【答案】（只要中的滿足即可）【解析】設這個反比例函數的表達式是． 由得． 因為這個反比例函數與一次函數的圖象沒有交點，所以方程無解． 所以，解得．16、【答案】【解析】方法一：設這一束光與軸交與點，過點作軸的垂線， 過點作軸於點． 根據反射的性質，知． 所以．所以． 已知，，，則． 所以，． 由勾股定理，得，，所以． 方法二：設設這一束光與軸交與點，作點關於軸的對稱點，過作軸 於點． 由反射的性質，知這三點在同一條直線上． 再由對稱的性質，知． 則． 由題意易知，，由勾股定理，得．所以．17、【答案】解：原式= = = = =．18、【答案】解：（1）如圖，在中，， ∴． ∵是的平分線， ∴． ∴． ∴． （2） ∴△∽△， ∴， ∴．19、【答案】解：（1）如圖所示一周內該校學生從圖書館借出各類圖書數量情況統計圖 （2）該學校學生最喜歡借閱漫畫類圖書． （3）漫畫類：600×40%=240（本），科普類：600×35%=210（本）， 文學類：600×10%=60（本），其它類：600×15%=90（本）．20、【答案】解：如圖，作交的延長線於點， 則． 在Rt△和Rt△中， 設，則， ． ∴． ∴（米）． ∴湖心島上的迎賓槐處與涼亭處之間距離約為207米．21、【答案】解：（1）設，則有 解之，得 ∴． （2）當時，（克/立方米）． ∴該山山頂處的空氣含氧量約為260.6克/立方米．22、【答案】解：（1）隨機擲兩枚骰子一次，所有可能出現的結果如右表：骰子2骰子 右表中共有36種等可能結果，其中點數和 為2的結果只有一種． ∴（點數和為2）= ． （2）由右表可以看出，點數和大於7的結果 有15種． ∴（小軒勝小峰）= =．23、【答案】解：（1）證明：如圖，連接，則． ∵， ∴． ∵， ∴四邊形是矩形． ∴． （2）連接，則． ∵，，， ∴，． ∴． ∴． 設，則． 在中，有． ∴．即．24、【答案】解：（1）等腰 （2）∵拋物線的「拋物線三角形」是等腰直角三角形， ∴該拋物線的頂點滿足． ∴． （3）存在． 如圖，作△與△關於原點中心對稱， 則四邊形為平行四邊形． 當時，平行四邊形為矩形． 又∵， ∴△為等邊三角形． 作，垂足為． ∴． ∴． ∴． ∴，． ∴，． 設過點三點的拋物線，則 解之，得 ∴所求拋物線的表達式為．25、【答案】解：（1）如圖①，正方形即為所求． （2）設正方形的邊長為． ∵△為正三角形， ∴． ∴． ∴，即．（沒有分母有理化也對，也正確） （3）如圖②，連接，則． 設正方形、正方形的邊長分別為， 它們的面積和為，則，． ∴． ∴． 延長交於點，則． 在中，． ∵，即． ∴ⅰ）當時，即時，最小． ∴． ⅱ）當最大時，最大． 即當最大且最小時，最大． ∵，由（2）知，． ∴．∴．

㈣ 青海省2012初中畢業升學考試數學試卷答案

2012年青海省中考數學試卷
參考答案與試題解析
、填空題：（每空2分，共30分）
1．（4分）（2012•青海）﹣ 的相反數是 ；計算a2•a3=a5．
．（4分）（2012•青海）分解因式：﹣m2+4m=﹣m（m﹣4）；不等式組 的解集為﹣2＜x≤3．
3．（2分）（2012•青海）2012年3月，青海省財政下達農牧區學生營養改善計劃補助資金265000000元，用於改善我省農牧區義務教育階段中小學生的營養狀況，該補助資金用科學記數法表示為2.65×108元．
4．（2分）（2012•青海）函數y= 中，自變數x的取值范圍是x≥﹣4且x≠2．
5．（2分）（2010•十堰）如圖，直線l1∥l2且l1，l2被直線l3所截，∠1=∠2=35°，∠P=90°，則∠3=55度．


考點：平行線的性質；直角三角形的性質。190187
專題：計算題。
分析：先根據兩直線平行，同旁內角互補，求出∠3與∠4的和，再根據直角三角形兩銳角互余求出∠4，∠3即可求得．
解答：解：如圖，∵l1∥l2，
∴∠1+∠2+∠3+∠4=180°，
∵∠1=∠2=35°，
∴∠3+∠4=110°，
∵∠P=90°，∠2=35°，
∴∠4=90°﹣35°=55°，
∴∠3=110°﹣55°=55°．

點評：本題主要利用平行線的性質和直角三角形兩銳角互余的性質求解．

6．（4分）（2012•青海）若m，n為實數，且|2m+n﹣1|+ =0，則（m+n）2012的值為1；分式方程 + = 的解為x=1．
7．（2分）（2012•青海）隨意拋一粒豆子，恰好落在如圖的方格中（每個方格除顏色外完全一樣），那麼這粒豆子落在黑色方格中的概率是 ．


考點：幾何概率。190187
分析：根據面積法：求出豆子落在黑色方格的面積與總面積的比即可解答．
解答：解：∵共有15個方格，其中黑色方格佔4個，
∴這粒豆子停在黑色方格中的概率是 ，
故答案為： ．
點評：此題考查了幾何概率的求法，利用概率=相應的面積與總面積之比求出是解題關鍵．
8．（2分）（2008•蕪湖）如圖，已知點E是圓O上的點，B、C分別是劣弧AD的三等分點，∠BO C=46°，則∠AED的度數為69度．


考點：圓周角定理。190187
分析：欲求∠AED，又已知B、C分別是劣弧AD的三等分點，∠BOC=46°，可求∠AOD=138°，再利用圓周角與圓心角的關系求解．
解答：解：∵B、C分別是劣弧AD的三等分點，∠BOC=46°，
∴∠AOD=138°，
∴∠AED=138°÷2=69°．
點評：

9．（2分）如圖，點D，E分別在線段AB，AC上，BE，CD相交於點O，AE=AD，要使△ABE≌△ACD，需添加一個條件是∠ADC=∠AEB或∠B=∠C或AB=AC或∠BDO=∠CEO（只需一個即可，圖中不能再添加其他點或線）．

10．（2分）（2012•青海）如圖，利用標桿BE測量建築物的高度，標桿BE高1.5m，測得AB=2m，BC=14cm，則樓高CD為12m．


考點：。190187
專題：。
分析：．
解答：解：∵EB⊥AC，DC⊥AC，
∴EB∥DC，
∴△ABE∽△ACD，
∴ = ，
∵BE=1.5，AB=2，BC=14，
∴AC=16，
∴ = ，
∴CD=12．
故答案為：12．
點評：本題考查的是相似三角形的應用，熟知相似三角形的對應邊成比例的性質是解答此題的關鍵．
11．（2分）（2012•青海）觀察下列一組圖形：

它們是按一定規律排列的，依照此規律，第n個圖形中共有3n+1個★．
12．（2分）（2010•衡陽）如圖，在Rt△ABC中，∠C=90°，AC=4，BC=2，分別以AC、BC為直徑畫半圓， 則圖中陰影部分的面積為 π﹣4（結果保留π）．


考點：。190187
分析：．
解答：解： 設各個部分的面積為：S1、S2、S3、S4、S5，如圖所示，
∵兩個半圓的面積和是：S1+S5+S4+S2+S3+S4，△ABC的面積是S3+S4+S5，陰影部分的面積是：S1+S2+S4，
∴圖中陰影部分的面積為兩個半圓的面積減去三角形的面積．
即陰影部分的面積=π×4÷2+π×1÷2﹣4×2÷2= ．
點評：此題的關鍵是看出圖中陰影部分的面積為兩個半圓的面積﹣三角形的面積．
二、選擇題：（每題3分，共24分）
13．（3分）（2012•佛山）下列圖形中，既是軸對稱圖形，又是中心對稱圖形的是（）

A．B．C．D．


考點：190187
專題：。
分析：
解答：解：A、此圖形是中心對稱圖形，不是軸對稱圖形，故此選項錯誤；
B、此圖形是中心對稱圖形，也是軸對稱圖形，故此選項正確；
C、此圖形不是中心對稱圖形，是軸對稱圖形，故此選項錯誤；
D、此圖形不是中心對稱圖形，是軸對稱圖形，故此選項錯誤．
故選B．
點評：．

14．（3分）（2012•青海）下列運算中，不正確的是（）

A．（ x3y）2= x6y2B．2x3÷x2=2xC．x2•x4=x6D．（﹣x2）3=﹣x5


考點：190187
專題：。
分析：A、根據積的乘方的運算性質進行計算，即可判斷；
B、根據單項式除以單項式的法則進行計算，即可判斷；
C、同底數冪的乘法運算性質進行計算，即可判 斷；
D、根據積的乘方的運算性質進行計算，即可判斷．
解答：解：A、（ x3y）2= x6y2，正確，故本選項錯誤；
B、2 x3÷x2=2x，正確，故本選項錯誤；
C、x2•x4=x6，正確，故本選項錯誤；
D、（﹣x2）3=﹣x6，錯誤，故本選項正確．
故選D．
點評：本題考查積的乘方的運算性質，單項式除以單項式的法則，同底數冪的乘法運算性質，比較簡單．

15．（3分）（2012•青海）甲乙兩名射擊運動員各進行10次射擊練習，成績均為95環，這兩名運動員成績的方差分別是： =0.6， =0.4，則下列說法正確的是（）

A．甲比乙的成績穩定B．乙比甲的成績穩定
C．甲乙兩人的成績一樣穩定D．無法確定誰的成績更穩定


考點：方差。190187
分析：由方差反映了一組數據的波動情況，方差越小，則數據的波動越小，成績越穩定可以作出判斷．
解答：解：∵S甲2=0.6，S乙2=0.4，
則S甲2＞S乙2，
可見較穩定的是乙．
故選B．
點評：本題考查方差的意義．方差是用來衡量一組數據波動大小的量，方差越大，表明這組數據偏離平均數越大，即波動越大，數據越不穩定；反之，方差越小，表明這組數據分布比較集中，各數據偏離平均數越小，即波動越小，數據越穩定．

16．（3分）（2012•青海）如圖，一次函數y=kx﹣3的圖象與反比例函數y= 的圖象交A、B兩點，其中A點坐標為（2，1），則k，m的值為（）


A．k=1，m=2B．k=2，m=1C．k=2，m=2D．k=1，m=1


考點：反比例函數與一次函數的交點問題。190187
分析：把A（2，1）代入反比例函數的解析式能求出m，把A的坐標代入一次函數的解析式得出關於k的方程，求出方程的解即可．
解答：解：把A（2，1）代入反比例函數的解析式得：m=xy=2，
把A的坐標代入一次函數的解析式得：1=2k﹣3，
解得：k=2．
故選C．
點評：本題考查了一次函數與反比例函數的交點問題，主要考查學生的計算能力，題目較好，難度適中．

17．（3分）（2012•青海）如圖，在Rt△ABC中，CD是斜邊AB上的中線，已知CD=5，AC=6，則tanB的值是（）


A．B．C．D．[來


考點：銳角三角函數的定義；直角三角形斜邊上的中線；勾股定理。190187
分析：根據直角三角形斜邊上的中線等於斜邊的一半求出AB的長度，再利用勾股定理求出BC的長度，然後根據銳角的正切等於對邊比鄰邊解答．
解答：解：∵CD是斜邊AB上的中線，CD=5，
∴AB=2CD=10，
根據勾股定理，BC= = =8，
tanB= = = ．
故選C．
點評：

18．（3分）（2012•青海）把拋物線y=3x2向右平移1個單位長度後，所得的函數解析式為（）

A．y=3x2﹣1B．y=3（x﹣1）2C．y=3x2+1D．y=3（x+1）2


考點：二次函數圖象與幾何變換。190187
專題：存在型。
分析：根據「左加右減」的原則進行解答即可．
解答：解：由「左加右減」的原則可知，把拋物線y=3x2向右平移1個單位長度後，所得的函數解析式為y=3（x﹣1）2．
故選B．
點評：本題考查的是二次函數的圖象與幾何變換，熟知函數圖象平移的法則是解答此題的關鍵．

19．（3分）（2012•青海）通信市場競爭日益激烈，某通信公司的手機本地話費標准按原標准每分鍾降低a元後，再次下調了20%，現在收費標準是每分鍾b元，則原收費標准每分鍾是（）


A．（a+ b）元B．（a﹣ b）元C．（a+5b）元D．（a﹣5b）元


考點：列代數式。190187
分析：首先表示出下調了20%後的價格，然後加上a元，即可得到．
解答：解：b÷（1﹣20%）+a=a+ b．
故選A．
點評：本題考查了列代數式，正確理解題目中的關系是關鍵．

20．（3分）（2012•青海）如圖反映的過程是：小剛從家去菜地澆水，又去青稞地除草，然後回家，如果菜地和青稞地的距離為a千米，小剛在青稞地除草比在菜地澆水多用了b分鍾，則a，b的值分別為（）


A．1，8B．0.5，12C．1，12D．0.5，8


考點：函數的圖象。190187
專題：圖表型。
分析：首先弄清橫、總坐標所表示的意義，然後根據各個特殊點來分段分析整個函數圖象．
解答：解：此函數大致可分以下幾個階段：
①0﹣12分種，小剛從家走到菜地；
②12﹣27分鍾，小剛在菜地澆水；
③27﹣33分鍾，小剛從菜地走到青稞地；
④33﹣56分鍾，小剛在青稞地除草；
⑤56﹣74分鍾，小剛從青稞地回到家；
綜合上面的分析得：由③的過程知，a=1.5﹣1=0.5千米；
由②、④的過程知b=（56﹣33）﹣（27﹣12）=8分鍾．
故選D．
點評：主要考查了函數圖象的讀圖能力和函數與實際問題結合的應用．要能根據函數圖象的性質和圖象上的數據分析得出函數的類型和所需要的條件，結合實際意義得到正確的結論．

三、（本大題共3小題，21題5分，22題6分，23題8分，共19分）
21．（5分）（2012•青海）計算：|﹣5|﹣2cos60°+ + ．


考點：實數的運算；零指數冪；負整數指數冪；特殊角的三角函數值。190187
分析：本題涉及零指數冪、負整數指數冪、特殊角的三角函數值，在計算時，需要針對每個考點分別進行計算，然後根據實數的運演算法則求得計算結果．
解答：解：原式=5﹣2× +22+1
=5﹣1+4+1
=9．
點評：本題考查實數的綜合運算能力，是各地中考題中常見的計算題型．解決此類題目的關鍵是熟練掌握負整數指數冪、零指數冪、絕對值等考點的運算．
22．（6分）（2012•青海）先化簡，再求值：（1﹣ ）÷ +3x﹣4，其中x= ．

23．（8分）（2012•青海）已知：如圖，D是△ABC的邊AB上一點，CN∥AB，DN交AC於點M，MA=MC．①求證：CD=AN；②若∠AMD=2∠MCD，求證：四邊形ADCN是矩形．


考點：矩形的判定；全等三角形的判定與性質；平行四邊形的判定與性質。190187
專題：證明題。
分析：①根據兩直線平行，內錯角相等求出∠DAC=∠NCA，然後利用「角邊角」證明△AND和△CMN全等，根據全等三角形對應邊相等可得AD=CN，然後判定四邊形ADCN是平行四邊形，再根據平行四邊形的對邊相等即可得證；
②根據三角形的一個外角等於與它不相鄰的兩個內角的和推出∠MCD=∠MDC，再根據等角對等邊可得MD=MC，然後證明AC=DN，再根據對角線相等的平行四邊形是矩形即可得證．
解答：證明：①∵CN∥AB，
∴∠DAC=∠NCA，
在△AND和△CMN中，
∵ ，
∴△AND≌△CMN（ASA），
∴AD=CN，
又∵AD∥CN，
∴四邊形ADCN是平行四邊形，
∴CD=AN；

②∵∠AMD=2∠MCD∠AMD=∠MCD+∠MCD，
∴∠MCD=∠MDC，
∴MD=MC，
由①知四邊形ADCN是平行四邊形，
∴MD=MN=MA=MC，
∴AC=DN，
∴四邊形ADCN是矩形．
點評：本題考查了矩形的判定，平行四邊形的判定與性質，全等三角形的判定與性質，熟練掌握平行四邊形與矩形之間的關系，並由第一問求出四邊形ADCN是平行四邊形是解 題的關鍵．

四、（本大題共3小題，24題8分，25題7分，26題10分，共25分）
24．（8分）（2012•青海）夏都花卉基地出售兩種花卉，其中馬蹄蓮每株3.5元，康乃馨每株5元．如果同一客戶所購的馬蹄蓮數量多於1000株，那麼所有的馬蹄蓮每株還可優惠0.5元．現某鮮花店向夏都花卉基地采購馬蹄蓮800～1200株、康乃馨若干株，本次采購共用了7000元．然後再以馬蹄蓮每株4.5元、康乃馨每株7元的價格賣出，問：該鮮花店 應如何 采購這兩種鮮花才能使獲得的利潤最大？
（註：800～1200株表示采購株數大於或等於800株，且小於或等於1200株；利潤=銷售所得金額﹣進貨所需金額）


考點：一次函數的應用。190187
專題：幾何圖形問題。
分析：設采購馬蹄蓮x株，由於馬蹄蓮數量大於1000株時，每株玫瑰降價0.5元，因此需分兩種情況討論即800≤x≤1000和1000＜x≤1200．按照等量關系「采購馬蹄蓮的花費+采購康乃馨的花費=總花費」「毛利潤=鮮花店賣出馬蹄蓮和康乃馨所獲的總金額﹣購進馬蹄蓮和康乃馨的所需的總金額」，列出函數求得毛利潤最大值．
解答：解：設采購馬蹄蓮x株、康乃馨y株，利潤為w元
①當800≤x≤1000時
得3.5x+5y=7000，y= =1400﹣0.7x
w=（4.5﹣3.5）x+（7﹣5）y
=x+2y=x+2（1400﹣0.7x）=2800﹣0.4x
當x取800時，w有最大值2480；
②當1000＜x≤1200時
得3x+5y=7000，y= =1400﹣0.6x
w=（4.5﹣3）x+（7﹣5）y
=1.5x+2y=1.5x+2（1400﹣0.6x）=2800+0.3x
當x取1200時，w有最大值3160；
③綜上所述，採用後者方式進貨，即采購馬蹄蓮花去1200×3=3600元；采購康乃馨（7000﹣3600）÷5=680株
答：采購馬蹄蓮1200株、康乃馨680株時，利潤最大為3160元．
點評：本題考查了一次函數的應用的應用，此題為方程與實際結合的綜合類應用題，同學們應學會運用函數來解決實際問題．注意分：800≤馬蹄蓮數量≤1000株；1000＜馬蹄蓮數量≤1200株兩種情況進行討論．

25．（7分）（2012•青海）如圖，AB是⊙O的直徑，弦CD⊥AB於點N，點M在⊙O上，∠1=∠C（1）求證：CB∥MD；（2）若BC=4，sinM= ，求⊙O的直徑．


考點：0187
分析：（1）由∠C與∠M是 所對的圓周角，根據在同圓或等圓中，同弧或等弧所對的圓周角相等，即可得∠C=∠M，又由∠1=∠C，易得∠1=∠M，即可判定CB∥MD；
（2）首先連接AC，AB為⊙O的直徑，可得∠ACB=90°，又由弦CD⊥AB，根據垂徑定理的即可求得 = ，繼而可得∠A=∠M，又由BC=4，sinM= ，即可求得⊙O的直徑．
解答：（1）證明：∵∠C與∠M是 所對的圓周角，
∴∠C=∠M，
又∵∠1=∠C，
∴∠1=∠M，
∴CB∥MD；

（2）解：連接AC，
∵AB為⊙O的直徑，
∴∠ACB=90°，
又∵CD⊥AB，
∴ = ，
∴∠A=∠M，
∴sinA=sinM，
在Rt△ACB中，sinA= ，
∵sinM= ，BC=4，
∴AB=6，
即⊙O的直徑為6．

點評：此題考查了圓周角定理、垂徑定理、平行線的判定以及三角函數等知識．此題難度適中，注意掌握輔助線的作法，注意數形結合思想的應用．

26．（10分）（2012•青海）現代樹苗培育示範園要對A、B、C、D四個品種共800株松樹幼苗進行成活實驗，從中選出成活率高的品種進行推廣，通過實驗得知，B種松樹幼苗成活率為90%，將實驗數據繪製成兩幅統計圖，如圖1，圖2所示（部分信息未給出）
（1）實驗所用的C種松樹幼苗的數量為160株；
（2）試求出B種松樹的成活數，並把圖2的統計圖補充完整；
（3）你認為應選哪一種品種進行推廣？試通過計算說明理由．


考點：。190187
專題：。
分析：
解答：解：（1）800×（1﹣25%﹣35%﹣20%）=160株
（2）B種松樹幼苗數量為800×20%=160株
B種松樹的成活數160×90%=144株
補充統計圖如圖所示：
（3）A種松樹苗的成活率為[238÷（800×35%）]×100%=85%
B種松樹的幼苗成活率為90%
C種松樹幼苗的成活率為[148÷（800×20%）]×100%=92.5%
D種松樹苗成活率為[190÷（800×25%）]×100%=95%
所以應選擇D種松樹品種進行推廣．
點評：．

五、（本大題共2小題，27題10題，28題12分）
27．（10分）（2012•青海）如圖（*），四邊形ABCD是正方形，點E是邊BC的中點，∠AEF=90°，且EF交正方形外角平分線CF於點F．請你認真閱讀下面關於這個圖的探究片段，完成所提出的問題．
（1）探究1：小強看到圖（*）後，很快發現AE=EF，這需要證明AE和EF所在的兩個三角形全等，但△ABE和△ECF顯然不全等（一個是直角三角形，一個是鈍角三角形），考慮到點E是邊BC的中點，因此可以選取AB的中點M，連接EM後嘗試著去證△AEM≌EFC就行了，隨即小強寫出了如下的證明過程：
證明：如圖1，取AB的中點M，連接EM．
∵∠AEF=90°∴∠FEC+∠AEB=90°
又∵∠EAM+∠AEB=90°∴∠EAM=∠FEC
∵點E，M分別為正方形的邊BC和AB的中點∴AM=EC
又可知△BME是等腰直角三角形∴∠AME=135°
又∵CF是正方形外角的平分線∴∠ECF=135°∴△AEM≌△EFC（ASA）∴AE=EF
（2）探究2：小強繼續探索，如圖2，若把條件「點E是邊BC的中點」改為「點E是邊BC上的任意一點」，其餘條件不變，發現AE=EF仍然成立，請你證明這一結論．
（3）探究3：小強進一步還想試試，如圖3，若把條件「點E是邊BC的中點」改為「點E是邊BC延長線上的一點」，其餘條件仍不變，那麼結論AE=EF是否成立呢？若成立請你完成證明過程給小強看，若不成立請你說明理由．


考點：190187
專題：。
分析：（2）在AB上截取AM=EC，然後證明∠EAM=FEC，∠AME=∠ECF=135°，再利用「角邊角」證明△AEM和△EFC全等，然後根據全等三角形對應邊相等即可證明；
（3）延長BA到M，使AM=CE，然後證明∠BME=45°，從而得到∠BME=∠ECF，再利用兩直線平行，內錯角相等證明∠DAE=∠BEA，然後得到∠MAE=∠CEF，再利用「角邊角」證明△MAE和△CEF全等，根據全等三角形對應邊相等即可得證．
解答：（2）探究2，證明：在AB上截取AM=EC，連接ME，
由（1）知∠EAM=∠FEC，
∵AM=EC，AB=BC∴BM=BE，∴∠BME=45°，
∴∠AME=∠ECF=135°，
∵∠AEF=90°，∴∠FEC+∠AEB=90°，
又∵∠EAM+∠AEB=90°，∴∠EAM=∠FEC，
在△AEM和△EFC中， ，
∴△AEM≌△EFC（ASA），∴AE=EF；

（3）探究3：成立，
證明：延長BA到M，使AM=CE，連接ME，
∴BM=BE，∴∠BME=45°，∴∠BME=∠ECF，
又∵AD∥BE，∴∠DAE=∠BEA，
又∵∠MAD=∠AEF=90°，∴∠DAE+∠MAD=∠BEA+∠AEF，
即∠MAE=∠CEF，
在△MAE和△CEF中， ，
∴△MAE≌△CEF（ASA），∴AE=EF．

點評：．

28．（12分）（2010•恩施州）如圖，在平面直角坐標系中，二次函數y=x2+bx+c的圖象與x軸交於A、B兩點，A點在原點的左側，B點的坐標為（3，0），與y軸交於C（0，﹣3）點，點P是直線BC下方的拋物線上一動點．
（1）求這個二次函數的表達式．
（2）連接PO、PC，並把△POC沿CO翻折，得到四邊形POP′C，那麼是否存在點P，使四邊形POP′C為菱形？若存在，請求出此時點P的坐標；若不存在，請說明理由．
（3）當點P運動到什麼位置時，四邊形ABPC的面積最大並求出此時P點的坐標和四邊形ABPC的最大面積．


考點：。190187
專題：壓軸題。
分析：（1）將B、C的坐標代入拋物線的解析式中即可求得待定系數的值；
（2）由於菱形的對角線互相垂直平分，若四邊形POP′C為菱形，那麼P點必在OC的垂直平分線上，據此可求出P點的縱坐標，代入拋物線的解析式中即可求出P點的坐標；
（3）由於△ABC的面積為定值，當四邊形ABPC的面積最大時，△BPC的面積最大；過P作y軸的平行線，交直線BC於Q，交x軸於F，易求得直線BC的解析式，可設出P點的橫坐標，然後根據拋物線和直線BC的解析式求出Q、P的縱坐標，即可得到PQ的長，以PQ為底，B點橫坐標的絕對值為高即可求得△BPC的面積，由此 可得到關於四邊形ACPB的面積與P點橫坐標的函數關系式，根據函數的性質即可求出四邊形ABPC的最大面積及對應的P點坐標．
解答：解：（1）將B、C兩點的坐標代入得（2分）
解得： ；
所以二次函數的表達式為：
y=x2﹣2x﹣3（3分）

（2）存在點P，使四邊形POPC為菱形；
設P點坐標為（x，x2﹣2x﹣3），PP′交CO於E
若四邊形POP′C是菱形，則有PC=PO；
連接PP′，則PE⊥CO於E，
∴OE=EC= ∴y= ；（6分）
∴x2﹣2x﹣3= 解得x1= ，x2= （不合題意，捨去）
∴P點的坐標為（ ， ）（ 8分）

（3）過點P作y軸的平行線與BC交於點Q，與OB交於點F，設P（x，x2﹣2x﹣3），
易得，直線BC的解析式為y=x﹣3
則Q點的坐標為（x，x﹣3）；
S四邊形ABPC=S△ABC+S△BPQ+S△CPQ
= AB•OC+ QP•OF+ QP•BF
= = （10分）
當 時，四邊形ABPC的面積最大
此時P點的坐標為 ，四邊形ABPC的面積的最大值為 ．（12分）

點評：．

㈤ 有關介紹荷蘭鬱金香的資料、

基本信息】
【學名】Tulipa gesneriana
【拉丁語名】Tulipa
【英語名字】Tulip
【別名】洋荷花、旱荷花、草麝香、郁香
【中葯名稱】鬱金香 （《本草拾遺》），郁香（《太平御覽》），紅藍花、紫述香（《綱目》）。

生物學分類
界： 植物界
門： 被子植物門
綱： 單子葉植物綱
目： 百合目
科： 百合科
屬： 鬱金香屬
荷蘭國花：
它作為荷蘭主要的出口觀賞作物，成為荷蘭經濟命脈之一，和風車並稱為荷蘭的象徵。
[編輯本段]【名稱起源】
鬱金香原產於中東，16世紀傳入歐洲。在中東，人們總是將其與穆斯林頭巾相聯系。由於其花似穆斯林頭巾，波斯語稱之為lband，土耳其語借了過來，作tulbend，意即「穆斯林頭巾」。該詞通過法語tulipe / tulipan和拉丁文tulipa進入英文，演變成tulip這一形式。土耳其語tulbend一詞通過另一渠道進入英文，則作turban，仍指「穆斯林頭巾」。
[編輯本段]【產地分布】
原產地中海南北沿岸及中亞細亞和伊朗、土耳其、東至中國的東北地區等地，確切起源已難於考證，但現時多認為源錫蘭及地中海偏西南方向。而今鬱金香已普遍地在世界各個角落種植，其中以荷蘭栽培最為盛行，成為商品性生產。中國各地庭園中也多有栽培。
[編輯本段]【形態特徵】
多年生草本植物，鱗莖扁圓錐形或扁卵圓形，長約2厘米，具棕褐色皮股，外被淡黃色纖維狀皮膜。莖葉光滑具白粉。葉出，3～5片，長橢圓狀披針形或卵狀披針形，長10～21厘米，寬1～6.5厘米；基生者2～3枚，較寬大，莖生者1～2枚。花莖高6～10厘米，花單生莖頂，大形直立，林狀，基部常黑紫色。花葶長35～55厘米；花單生，直立，長5～7.5厘米；花瓣6片，倒卵形，鮮黃色或紫紅色，具黃色條紋和斑點：雄蕊6，離生，花葯長0.7～1.3厘米，基部著生，花絲基部寬闊；雌蕊長1.7～2.5厘米，花柱3裂至基部，反卷。花型有杯型、碗型、卵型、球型、鍾型、漏斗型、百合花型等，有單瓣也有重瓣。花色有白、粉紅、洋紅、紫、褐、黃、橙等，深淺不一，單色或復色。花期一般為3～5月，有早、中、晚之別。蒴果3室，室背開裂，種子多數，扁平。
[編輯本段]【生態習性】
鬱金香原產伊朗和土耳其高山地帶，由於地中海的氣候，形成鬱金香適應冬季濕冷和夏季乾熱的特點，其特性為夏季休眠、秋冬生根並萌發新芽但不出土，需經冬季低溫後第二年2月上旬左右（溫度在5℃以上）開始伸展生長形成莖葉，3～4月開花。生長開花適溫為15～20℃。花芽分化是在莖葉變黃時將鱗莖從盆內掘起放陰冷的室外內度夏的貯藏期間進行的。分化適溫為20～25℃，最高不得超過28℃。
鬱金香屬長日照花卉，性喜向陽、避風，冬季溫暖濕潤，夏季涼爽乾燥的氣候。8℃以上即可正常生長，一般可耐-14℃低溫。耐寒性很強，在嚴寒地區如有厚雪覆蓋，鱗莖就可在露地越冬，但怕酷暑，如果夏天來的早，盛夏又很炎熱，則鱗莖休眠後難於度夏。要求腐殖質豐富、疏鬆肥沃、排水良好的微酸性沙質壤土。忌鹼土和連作。
[編輯本段]【花期調控】
鬱金香有耐寒不耐熱的特性，一般可耐－30℃的低溫，在炎熱的季節就會轉入休眠。平時喜濕潤、冷涼氣候和背風向陽的環境，在中性或微酸性土壤中生長更好。一個成熟的鬱金香種球包含了三代鱗莖，或稱三代種球。大種球本身是第一代種球，具有分化完全的花器官，定植後當年開花。而第二代、第三代種球為子球，它們可培育成大種球。
鬱金香種球必須經過一定的低溫才能開花，在原產地，冬季一般有充足的低溫時間，鬱金香種球能夠獲得足夠的低溫處理時間，可以在春天自然開花。一般來說，在生產上使用的鬱金香球莖有5℃處理和9℃處理，處理後的種植方法主要是溫室栽培和箱內促成栽培。
在華南等南方地區栽培鬱金香因受溫度的限制，在12月至第二年 2月這三個月內種植。12月份華南地區的氣溫仍可能很高，這時可以將鬱金香栽培於栽培箱中，置於約5℃冷庫中，放置2周至3周，待鬱金香球莖已長根，芽約1厘米至2厘米長時，再將其移出冷庫置於栽植棚內生長。
華南地區栽培鬱金香受氣候的影響較大，鬱金香對溫度敏感，若在華南地區出現「暖冬」的天氣，往往就會使大批鬱金香提前開花，花的品質也大受影響。為保證鬱金香能准時開花，在生長期中應盡量保持日間溫度17℃至20℃，夜間溫度10℃至12℃，溫度高時可通過遮光、通風降低溫度，溫度過低時可通過加溫、增加光照促進生長。用控水來抑制生長，會出現「乾花」現象。如持續高溫，箱裝的可將箱移入冷庫，注意冷庫溫度應在8℃至10℃左右，而且最好在花莖抽長時移入，否則易造成花蕾發育不良。鬱金香的花期控制還可以通過植物生長激素來調節。如用赤黴素浸泡鬱金香球莖，使之在溫室中開花，並且可加大花的直徑。
[編輯本段]【品種情況】
經過園藝家長期的雜交栽培，目前全世界已擁有8000多個品種，被大量生產的約150種。它色彩艷麗，變化多端，以紅、黃、紫色最受人們歡迎。但開黑色花的鬱金香卻被視為稀世奇珍。19世紀，法國作家大仲馬所寫的傳奇小說《黑鬱金香》，贊美這種花「艷麗得叫人睜不開眼睛，完美得讓人透不過氣來」。其實，純黑的花是沒有的。黑鬱金香所開的黑花，並不是真正的黑色，它有如黑玫瑰一樣，是紅到發紫的暗紫色罷了。這些黑花大都是通過人工雜交培育出來的雜種。諸如荷蘭所產的「黛顏寡婦」、「絕代佳麗」、「黑人皇後」等品種所開的花都不是純黑的。
火紅鬱金香
品種:（1）黃色系 赫蒂富茲：鮮黃色；金質獎：深色檸檬黃；別洛究魯：深黃色。
（1）紅色系 摩斯特麻衣路茲：深紅色；帕路里希達：初為橙紅，不久變為緋紅；洛拉多：鮮紅色鑲白邊；博學：鮮紅色；基斯內里斯：深紅、鑲鮮黃色邊；伯奇哥：緋紅色；艾森豪威爾獎軍：鮮紅色；普里特奧哈淪：鮮桃紅色；哈迪埃洛蒂：緋紅色；斯特列柯比姆：紫紅色；玫瑰美人：深桃色。
（1）白色系 莫扎特：白色鑲紅邊；運動員：純白色；茲馬：白底鑲紅邊；阿洛 比羅：純白色等。
鬱金香品種雖極為豐富，卻同風信子一樣，在許多地方栽培不易成功，也常退化。
按顏色分類：
1、鬱金香【紅色】 Tulipa gesnerianna 百合科鬱金香屬
鬱金香是荷蘭的國花，1634-1637年間，被稱為荷蘭歷史上的「鬱金香狂熱」的時期。新品種和珍奇品種的鬱金香被高價習賣，成為人們競相追逐的投資對象。
花語：愛的告白
贈花禮儀：將幾枝紅色的鬱金香放在方形的硬襯紙上，用膠帶紙固定位置，小心地包上透明塑料紙，四角飾以金色的緞帶，以增添華美感。
2、鬱金香【黃色】 Tulipa gesnerianna 百合科鬱金香屬
在歐美，黃色的花通常不太受歡迎，有關的花語也都寓意較為消極。其實明澈的黃色蘊含著春天的喜悅之情，引人注目的明亮花朵讓人怎能不喜歡呢？
花語：無望之戀
贈花禮儀：由於鬱金香的花莖頗具曲線美，宜用稍大一些的白底花紋的包裝紙，4～5株長長的紮成一束，飾帶一定要用黃色的。
3、鬱金香【白色】 Tulipa gesnerianna 百合科鬱金香屬
16世紀來到土耳其的澳大利亞大使初次看到這種花，他向身邊的土耳其人詢問其名稱，答案是：tulip。實際上這個發音是指土耳其的頭巾，那個土耳其人誤會了大使的意思，但是這個花名就這樣產生了並沿用下來。
花語：逝去的愛情
贈花禮儀：只用幾只白色鬱金香做成花束即可，不用加其它的點綴。外面用粉紅色的薄紗白過，再用幾根紅色的細絲帶輕輕的系好。

㈥ 鬱金香有什麼葯用價值在哪能觀賞

鬱金香花含矢車菊雙甙、水楊酸、精氨酸；雌蕊、莖和葉含有抗菌效果的鬱金香甙A、鬱金香甙B和少量的鬱金香甙C。鬱金香甙A和B於放置後可部分地轉化為無活性的6-鬱金香甙A和6-鬱金香甙B。芽含赤黴素A1。[10]

鬱金香甙A、B、C對枯草桿菌有抑製作用。鬱金香汁通過陽離子及陰離子交換樹脂後，金黃色葡萄球菌仍有抗菌作用。莖和葉的酒精提取液，對Bacillus cereus mycoides有抗菌作用，其活性成分中含多種氨基酸。[10]

鬱金香花和葉中含一種生理作用類似西發丁鹼的有毒生物鹼。鬱金香甙ABC對枯草桿菌有抑製作用。鬱金香汁通過陽離了及陰離子交換樹脂後，對金黃色葡萄球菌仍有抗菌作用。莖和葉子的酒精提取液，對Bacillus cereus mycoides 有抗菌作用，其活性成分中含有多種氨基酸。鱗莖及根亦可供葯用。根和花可做鎮靜劑。花朵有毒鹼，和它呆上一兩個小時後會感覺頭暈，嚴重的可導致中毒，過多接觸易使人毛發脫落。[10]

化濕辟穢，主治脾胃濕濁、胸脘滿悶、嘔逆腹痛、口臭苔膩。方法：內服，煎湯，3～5克。外用：適量，泡水漱口。

㈦ 鄭州雙橋花卉市場有賣石槽的嗎

摘要 x09

㈧ 西寧夏都園林景觀工程有限公司怎麼樣

簡介：西寧夏都園林景觀工程有限公司成立於2009年08月12日，主要經營范圍為園林規劃設計及施工、綠化裝飾裝璜等。
法定代表人：張貞雪
成立時間：2009-08-12
注冊資本：200萬人民幣
工商注冊號：632900102907667
企業類型：有限責任公司(自然人投資或控股)
公司地址：西寧市城東區昆侖東路56號福茵長樂港灣1號樓2單元室